›
›

Tài liệu Đại số sơ cấp (Phần 1)

doc 43 trang hapham 1930
Download
Bạn đang xem 20 trang mẫu của tài liệu "Tài liệu Đại số sơ cấp (Phần 1)", để tải tài liệu gốc về máy bạn click vào nút DOWNLOAD ở trên

Tài liệu đính kèm:

  • doctai_lieu_dai_so_so_cap_phan_1.doc

Nội dung text: Tài liệu Đại số sơ cấp (Phần 1)

  1. HƯỚNG DẪN HỌC – NGHIÊN CỨU MÔN ĐẠI SỐ SƠ CẤP Môn Đại số Sơ cấp Nghiên cứu dựa trên Tài liệu chính là: THỰC HÀNH GIẢI TOÁN SƠ CẤP Tập I – Sách Đại học Sư phạm của các tác giả E.E.Veresova – N.S.Denisova – T.N.Poliakova (tài liệu dịch từ nguyên bản tiếng Nga). Ngoài tài liệu chính nêu trên sinh viên (SV) cần tham khảo thêm các tài liệu khác liên quan đến các chủ đề kiến thức sau: Biến đổi đồng nhất các biểu thức trên một tập. Phương trình và hệ phương trình (Đại số và Siêu việt) Bất đẳng thức và bất phương trình. Các yêu cầu cụ thể đối với từng chủ đề kiến thức 1. Biến đổi đồng nhất các biểu thức trên một tập - Phép biến đổi đồng nhất biểu thức hữu tỷ nguyên, hữu tỷ phân. - Phép biến đổi đồng nhất các biểu thức vô tỉ - Phép biến đổi đồng nhất các biểu thức mũ và lôgarit - Phép biến đổi đồng nhất các biểu thức lượng giác. 2. Phương trình và hệ phương trình - Phương trình bậc ba và phương trình bậc bốn trên C. - Các dạng phương trình thường gặp trên R: Phương trình chứa dấu giá trị tuyết đối – Phương trình chứa căn thức – Phương trình mũ và lôgarit – Phương trình lượng giác. - Hệ phương trình trên R và trên C. 3. Bất đẳng thức và bất phương trình - Chứng minh bất đẳng thức Côsi – Kỹ thuật sử dụng bất đẳng thức Côsi. - Ứng dụng Bất đẳng thức Côsi để tìm GTLN – GTNN của một biểu thức. - Các bất phương trình thường gặp. Chú ý rằng Định lý đảo về dấu tam thức bậc hai không có trong chương trình phổ thông hiện nay. Ngoài bài tập trong Tài liệu chính SV phải Sưu tầm và giải các bài toán liên quan đến từng chủ đề kiến thức. Chẳng hạn với nội dung: Phương trình lượng giác SV cần Sưu tầm và giải tất cả các phương trình lượng giác trong các đề thi Đại học từ năm 2002 đến 2011. Mỗi năm có ba đề (Khối A – B – D). Như vậy SV cần quan sát kỹ 30 Phương trình lượng 1
  2. giác. Từ đó nhìn ra được những yêu cầu về kỹ năng và kiến thức cho chủ đề này. Đối với các chủ đề kiến thức khác SV tìm hiểu một cách tương tự. Tài liệu chính đã được chuyển thành file Word nhưng còn nhiều lỗi chính tả. SV sử dụng file này để chỉnh sữa thành tài liệu học tập cho riêng mình. Mỗi nội dung trong từng chủ đề kiến thức là một Đề tài Tiểu luận Tốt nghiệp Thực hành 2
  3. GIẢI TOÁN SƠ CẤP Tập I (Đại số và Lượng giác) MỞ ĐẦU I. HÀM TRÊN MỘT TẬP BIỂU THỨC VỚI CÁC BIẾN TRÊN MỘT TẬP Giả sử f là một quan hệ hai ngôi được xác định trên các tập A, B, nghĩa là fA B. Quan hệ hai ngôi f được gọi là một hàm ( là một ánh xạ từ tập A vào tập B), nếu trong f không có những cặp các phần tử thứ nhất giống nhau và phần tử thứ hai khác nhau và được kí hiệu là f:A B. Tập A được gọi là tập nguồn, tập B được gọi là tập đích của hàm f. Tập {a A|(b B), (a,b) f} được gọi là miền xác định của hàm f và kí hiệu là D( f ). Ta có D(f)={a A|(b B), (a,b) f} Tập {b B|(a A), (a,b) f} được gọi là miền giá trị của hàm f và kí hiệu là E( f ). Ta có: E(f)= {b B|(a A), (a,b) f} Nếu (a,b) f, thì b được gọi là ảnh của phần tử a ( giá trị của hàm f tại điểm a ) và kí hiệu f(a); a được gọi là tạo ảnh của phần tử b. a b (a,b) f. Nếu (a’,b’) f A B thì ta nói rằng f không xác định tại điểm a’ (f không có nghĩa tại a’) Quan hệ hai ngôi fA B gọi là ánh xạ từ tập A vào tập B, nếu mỗi phần tử của A chỉ có một ảnh trong B, kí hiệu f:A B. Giả sử A là một tập. Ánh xạ f từ An vào A ( f: An A ) được gọi là hàm trên tập A với n biến hay gọi tắt là hàm trên A. 3
  4. 1 Ví dụ. f: R2 R, x, y x y f là hàm trên R với hai biến ( hàm 2 biến trên R), D(f)={(x,y)) R2|x y} , E(f)=R\{0} Giả sử trên A cho các hàm n biến : f1, f2, , fs và g là một hàm s biến. Hàm n biến h trên A được gọi là hàm hợp trên A của f1, f2, , fs và g, nếu h(x1,x2, ,xn)=g(f1(x1,x2, ,xn), ,fs(x1,x2, ,xn)). Ta có: D(h)={(x1,x2, ,xn) | f1(x1,x2, ,xn) , ,fs(x1,x2, ,xn) D(g) } Giả sử A là một tập số, x 1, x2 , , xn là các biến số, f là một hàm trên A có miền xác định D(f) và miền giá trị E(f). f: An A (x1, x2 , , xn) f((x1, x2 , , xn) Khi đó kí hiệu f(x1, x2 , , xn) được gọi là biểu thức với các biến x1, x2 , , xn của hàm f. Có thể có nhiều biểu thức khác nhau của cùng một hàm trên A. Chẳng hạn: 1) f: R R và g: R R x lgx2 , x 2lg|x| 2) f: R R và g: R R x cos2x , x 1-sin2x Ngươc lại, cùng một biểu thức với các biến có thể xác định nhiều hàm khác nhau trên A. Chẳng hạn: π π f: R R và g : , 2 2 x sinx , x sinx Hàm n biến trên A được xác định nếu được chỉ ra: 1) Miền xác định của nó An 2) Biểu thức của nó với các biến. Vì những mối quan hệ trên đôi khi người ta đồng nhẩt hàm trên A và biểu thức với các biến, khi đã chỉ ra các miền xác định của hàm ấy. Bởi vậy, đôi khị miền xác định và miền 4
  5. giá trị của một hàm trên A cũng gọi là miền xác định và miền giá trị của biểu thức với các biến số của nó. Giả sử A là tập số, f 1 , f2 , , fs là những hàm trên A với n biến, g là hàm trên A với s biến . Giả sử f 1(x1,x2, ,xn), , fs(x1,x2, ,xn) , g(y1,y2, ,ys) (1) tương ứng là biểu thức với các biến của các hàm f1 , f2 , , fs g. Khi đó kí hiệu g(f1(x1,x2, ,xn), , fs(x1,x2, ,xn)) được gọi là hợp thành của các biểu thức với các biến (1). Lớp các hàm xét trên A. ứng với các biểu thức với các biến được giới hạn bởi những qui ước sau: Dưới đây: A là C, R, hoặc Q trong (0) – (7); A=R trong (8) – (21). Những biểu thức sau đây gọi là những biểu thức sơ cấp trên A. 1 (0) Hằng số (a,b,c, ,3, , A) 2 (1) Biến (x,y,x1,x2, ) (1) (D(1) = A) (2) x+y (D(2)=A2); (3) x-y (D(3)= A2) (4) xy (D(4)=A2) (5) xm ở đây m N (D(5)=A) x (6) (D(6) (x, y) | x A, y A \ 0); y (7)xm ở đây m Z,m 0D(7) A \ 0) 1 (8)m x hoặc x m ở đây m N,m 1, (D(8)=0, ; (9)x D(9) R, E(9) 0, ) , (10)x ở đây R \ Q(d(10) 0, (11)a ở đây a>0,a 1(D(11)=R); (12)loga x ở đây a>0,a 1(D(12) 0, (13) x y (D(13) (x, y) | x, y R, x 0); (14) sinx (D(14)=R); (15) cosx (D(15)=R);  (16) tgx (D(16)= R \ k \ k Z ); 2  5
  6. (17) ctgx (D(17)= R \ k \ k Z); (18) arcsinx (D(18)= 1,1, E(18) , ); 2 2 (19) arccosx (D(19)= 1,1, E(19) 0, ); (20) arctgx (D(20)=, E(20) , ); 2 2 (21) arcctgx (D(21) =R,E(21)=0,  ); Giả sử M là tập hợp những biểu thức sơ cấp nào đó trên A, M1 M và giả sử với mỗi số tự nhiên n>1, M n là kí hiệu của tập hợp tất cả các hợp thành của những biểu thức tuỳ ý với các biến trong hợp M1  M 2   M n 1 của các tập M1, M 2 M n 1. Chúng ta nói rằng biểu thức với các biến được biểu thị dưới dạng hữu hạn những biểu thức sơ cấp của M nếu  M n với số tự nhiên n nào đó. Đặc biệt, nếu M là tập hợp tất cả các biểu thức trên A, thì một biểu thức bất kì với các biến biểu thị dưới dạng hữu hạn các biểu thức sơ cấp của M, chúng ta sẽ gọi là biểu thức các biến trên A hoặc gọi tắt là biểu thức trên A. Nói cách khác, một biểu thức với các biến trên A hoặc là biến sơ cấp trên A hoặc là một biểu thức thu được nhờ phép hợp thành một số hữu hạn biểu thức sơ cấp trên A. Sự phân lớp các biểu thức với các biến trên một tập Biểu thức với các biến trên R(C,Q), được gọi là biểu thức hữu tỉ nguyên (đa thức) trên R( C,Q), nếu nó được biểu thị dưới dạng hữu hạn các biểu thức sơ cấp từ ( 0) đến (5) trên R (C,Q). Biểu thức với các biến trên R(C,Q), được gọi là biểu thức hữu tỉ phân trên R( C,Q), nếu nó được lập nên bởi một số hữu hạn các biểu thức sơ cấp từ ( 0) đến (7) trên R (C,Q), hơn nữa trong chúng có ít nhất một trong (6), (7). Biểu thức hữu tỉ nguyên và hữu tỉ phân trên R(C,Q) được gọi là biểu thức hữu tỉ trên R(C,Q). Biểu thức với các biến trên R được gọi là vô tỉ ( trên R) nếu nó được lập nên bởi một số hữu hạn từ ( 0) đến (9) trên R (C,Q), hơn nữa trong chúng có ít nhất một trong (8), (9). 6
  7. Biểu thức hữu tỉ trên R ( C,Q) và biểu thức vô tỉ trên R được gọi là biểu thức đại số. Biểu thức với các biến trên R không là đại số được gọi là biểu thức siêu việt ( trên R), nghĩa là biểu thức với các biến trên R được gọi là siêu việt, nếu nó được lập nên bởi một số hữu hạn các biểu thức sơ cấp từ (0) đến (21), hơn nữa trong chúng có ít nhẩt một trong (10) –(21). Từ định nghĩa nêu ra ở trên ta suy ra rằng sự phân lớp các biểu thức trên A dựa vào dạng bên ngoài của biểu thức với các biến, (điều này trong thực tế rất tiện lợi, bởi vì nó khộng đòi hỏi một sự nghiên cứu bổ sung nào khác). II. MỆNH ĐỀ VỚI CÁC BIẾN TRÊN MỘT TẬP Giả sử A1, A2 , , An là các tập đã cho, x1, x2 , , xn là các biến. Chúng ta hiểu một mệnh đề với các biến x1, x2 , , xn trên tập A1 XA2 X XAn là một biểu thức (một dãy những dấu và những kí hiệu) có tính chất: nếu cho các biến x1, x2 , , x n những giá trị tương ứng (x1 A1, x2 A2 , xn An ) thì ta được một mệnh đề . Tập hợp gồm và chỉ gồm các phần tử (điểm) (a1,a2 , ,an ) của A1 XA2 X XA nmà đối với chúng, mệnh đề V(a1,a2 , ,an ) là đúng, được gọi là miền đúng của mệnh đề V(x1, x2 , , xn ) với các biến x1, x2 , , xn trên tập A1 XA2 X XAn và được kí hiệu là MĐv. Giả sử V và W là hai mệnh đề với các biến x1,x2 , ,xn trên A1 A2 An . Khi đó theo định nghĩa ta có: 1). V là phủ định của V, tức là một mệnh đề với các biến sao cho: MĐ \MĐ . V = (A1 A2 An ) V 2) V  W là hội của V và V, nghĩa là với một mệnh đề với các biến, sao cho: MĐ V  W= MĐV  MĐw . 3) 2) V  W là tuyển của V và V, nghĩa là với một mệnh đề với các biến, sao cho: MĐ V  W= MĐV  MĐw 4) V W (W là hệ quả của V) khi đó MĐV  MĐw 5) V W (V ~ W) ( V tương đương với W) khi đó MĐV=MĐw Nếu f (x1, x2 , , xn ) và g(x1, x2 , , xn ) là hai biểu thức với các biến x1, x2 , , xn trên A thì: 7
  8. n a) f (x1, x2 , , xn ) g(x1, x2 , , xn ) trên A . n b) f (x1, x2 , , xn ) g(x1, x2 , , xn ) trên A . n c) f (x1, x2 , , xn ) g(x1, x2 , , xn ) trên A . được gọi là những mệnh đề cơ bản (MĐCB) với các biến x1, x2 , , xn trên A. Biểu thức f (x1, x2 , , xn ) và g(x1, x2 , , xn ) theo thứ tự là vế trái và vế phải của MĐCB trên A. Trong các MĐCB trên A thì a) được gọi là đẳng thức, còn b), c) là các bất đẳng thức với các biến x1, x2 , , xn trên A. Giả sử f (x1, x2 , , xn ) và g(x1, x2 , , xn ) là hai biểu thức với các biến trên A. khi đó theo định nghĩa: f g ~ f g  f g, f g ~ f g  f g, ( f g) ~ f g, ( f g) ~ f g, ( f g) ~ f g, ( f g) ~ f g, ( f g) ~ f g  f g Một mệnh đề với các biến trên A(*) được xác định bởi: 1. mỗi mệnh đề cơ bản với các biến x1, x2, xn trên A là một mệnh đề với biến x1, x2, xn trên A. 2. Nếu V(x1, x2, xn) và W(x1, x2, xn) là hai mệnh đề với các biến trên A thì V(x1, x2, xn)^W(x1, x2, xn); V(x1, x2, xn)vW(x1, x2, xn) cũng là những mệnh đề với biến x1, x2, xn trên A. Bởi vậy, mỗi mệnh đề với biến thu được nhờ phép hội và phép tuyển những mệnh đề với các biến x1, x2, xn trên A lại là một mệnh đề với các biến x1, x2, xn trên A. 8
  9. Người ta gọi phép hội những mệnh đề với các biến trên A là một hệ các mệnh đề với các biến trên A. V V  V  Người ta còn viết phép hội (hệ) V^W theo cách khác: ; ;  , và W W W V V V phép tuyển VvW còn được viết như sau: ; ; W W W 1. Giả sử là một trong các ký hiệu =, . Ta gọi là miền xác định của các mệnh đề với các biến x1, x2, xn (*) f(x1, x2, xn) ∆ g(x1, x2, xn) trên A giao của các miền xác định của các biểu thức f(x1, x2, xn) và g(x1, x2, xn) trên A và ký hiệu là D(*) : D(*) D( f )  D(g ) df 2. Giả sử (1) và (2) là 2 mẹnh đề với các biến x1, x2, xn trên A. Ta gọi là miền xác định của hội các mệnh đề với biến (1) và (2) giao của các miền xác định của chúng. (*) Từ “với biến x1, x2, xn” sẽ được bỏ đi nếu đã rõ rang là mệnh đề với những biến nào đó, từ “trên A” cũng thỉnh thoảng bỏ đi nếu biết trước tập hớp A đã đượ chỉ rõ. D((1)(2)) D(1)  D(2) df Ta gọi là miến xác định của tuyển các mệnh đề với biến (1) và (2) hợp của các miền xác định của chúng. D((1)(2)) D(1)  D(2) df 9
  10. Giả sử (1) là mệnh đề với các biến x1, x2, xn trên tập A. Đối với mệnh đề với biến (1) có thể thiết lập hai bài toán cơ bản sau: I. Chứng minh rằng, tập T đã cho là tập con của miền đúng của mệnh đề (1) trên A, nghĩa là chứng minh rằng TMĐ (1) . nói cách khác là chứng minh rằng mệnh đề với biến (1) trên A là hằng đúng trên tập T. II. Tìm miền đúng của mệnh đề với biến đã cho (1) trên A, nghĩa là tìm MĐ(1). Thông thường ta biểu thị và viết điều đó là: hãy giải mệnh đề với biến (1) trên A. Thay cho “giải đẳng thức” người ta nói “giải phương trình”. Mỗi phần tử (mỗi điểm) của miền đúng được gọi là lời giải của mệnh đề với miền (1). Nếu n=1, thì lời giải cảu phương trình cũng gọi là nghiệm của phương rrình Đôi khi ta còn có bài toán: Tìm giao của miền đúng của mệnh đề với biến (1) trên A với tập Bn  An đã cho. Điều đó được diễn tả bởi: Giải mệnh đề với biến (1) với điều kiện x1, x2, xn B. Trong trường hợp khi mà B là N, (Z, Q, R, C) thì ta nói tìm những số tự nhiên, (nguyên, hữu tỉ, thực, phức) là nghiệm của mệnh đề với biến (1). Phân loại các mệnh đề với các biến trên một tập. Giả sử (1) là mệnh đề với các biến x1, x2, xn trên tập A. Mệnh đề với biến (1) trên A được gọi là hữu tỉ nguyên nếu cả hai vế trái và phải đều là những biểu thưc hữu tỉ nguyên trên A. Mệnh đề với biến (1) trên A gọi là hữu tỉ phân nếu cả hai vế đều là những biểu thức hữu tỉ và có ít nhất một trong hai vế là hữu tỉ phân. Các mệnh đề với biến hữu tỉ nguyên và phân gọi chung là mệnh đề hữu tỉ. Mệnh đề với biến (1) trên A=R được gọi là vô tỉ, nếu cả hai vế phải và trái đều là 10
  11. những biểu thức đại số trên R và có ít nhất một trong hai vế là biểu thức vô tỉ. Mệnh đề với biến (1) trên A=R được gọi là siêu việt nếu ít nhất một trong hai vế là biểu thưc siêu việt. III. ĐÒNG NHẤT THỨC TRÊN MỘT TẬP, PHÉP BIẾN ĐỔI ĐỒNG NHẤT CÁC BIỂU THỨC VỚI CÁC BIẾN TRÊN MỘT TẬP. Từ “với các biến” (để ngắn gọn) ta bỏ đi. Biểu thức f(x1, x2, xn) và g(x1, x2, xn) trên A được gọi là đồng nhất bằng nhau trên tập T, nếu tại mỗi điểm của tập T giá trị của chúng bằng nhau. Nếu các biểu thức f(x1, x2, xn) và g(x1, x2, xn) đồng nhất bằng nhau trên tập T thì ta viết: f(x1, x2, xn) g(x1, x2, xn) trên T. Đẳng thức (1) f(x1, x2, xn)=g(x1, x2, xn) trên A được gọi là một đồng nhất thức trên T nếu biểu thức f(x1, x2, xn) và g(x1, x2, xn) là đồng nhất bằng nhau trên T. Phép thay thế biểu thức f(x1, x2, xn) trên A bởi biểu thức khác đồng nhất với nó trên T được gọi là phép biến đổi đồng nhất biểu thức f(x1, x2, xn) trên T. Từ “trên tập A” sẽ được bỏ đi và không cần chỉ dẫn trong trường hợpT=A, nghĩa là: 1. Các biểu thức f(x1, x2, xn) và g(x1, x2, xn) trên A được gọi là đồng nhất bằng nhau, nếu tại mỗi điềm của A giá trị các biểu thức này bằng nhau. 2. Đẳng thức (1) f(x1, x2, xn)=g(x1, x2, xn) trên A được gọi là đồng nhất thức nếu các biểu thức f(x1, x2, xn) và g(x1, x2, xn) là dồng nhất bằng nhau. 3. Phép thế biểu thức f(x1, x2, xn) trên A bởi một biểu thức đồng nhất với nó được gọi là phép biến đổi đồng nhất biểu thức f(x1, x2, xn). 11
  12. Nếu biểu thức f(x1, x2, xn) đồng nhất bằng g(x1, x2, xn) trên tập T1 và biểu thức g(x1, x2, xn) đồng nhất bằng h(x1, x2, xn) trên tập T2, thì biểu thức f(x1, x2, xn) đồng nhất với h(x1, x2, xn) trên tập T=T1 T2, nghĩa là: nếu f(x1, x2, xn) g(x1, x2, xn) trên T1 và g(x1, x2, xn)  h(x1, x2, xn) trên T2 thì f(x1, x2, xn)  h(x1, x2, xn) trên T=T1  T2. Đặt biệt khi T=T1=T2 ta có: nếu f(x1, x2, xn)  g(x1, x2, xn) trên T và g(x1, x2, xn)  h(x1, x2, xn) trên T thì f(x1, x2, xn)  h(x1, x2, xn) trên T. Các ví dụ về đồng nhất thức trên một tập hợp 1. x2 - 1= x + 1 trên C là đồng nhất thức trên tập {-1;2} 2. (x + y)3 = x3 + y3 +3xy(x + y) trên C là đồng nhất thức (x 1)3 3. (x 1)2 trên Q là đồng nhất thức trên Q\{1}. x 1 4.x2 x trên R là đồng nhất thức trên tập [0, ] 5.x2 x trên R là đồng nhất thức 6. lgx2=2lgx trên R là đồng nhất thức trên [0,∞ ] 7. lgx2=2lg|x| trên R là đồng nhất thức trên R\{0} 8. tgx.ctgx trên R là đồng nhất thức trên tập  {x R\x k ,k } 2 IV. MỆNH ĐỀ TƯƠNG ĐƯƠNG VỚI CÁC BIẾN TRÊN MỘT TẬP Giả sử (1) và (2 là các mệnh đề tương đương với các biến x1, x2, xn trên tập A. Giả sử D(1) là miền xác định, MĐ(1) là miền đúng của mệnh đề với biến (1). Giả sử D(2) là miền xác định, MĐ(2) là miền đúng của mệnh đề với biến (2). Mệnh đề (2) được gọi là hệ quả của mệnh đề (1) nếu MĐ(1) MĐ (2) và được ký hiệu là (1) |=(2). 12
  13. (1) |=(2)MĐ (1) MĐ (2) df Hai mệnh đề (1) và (2) trên A được gọi là tương đương nếu chúng có cùng một miền đúng, nghĩa là MĐ(1) =MĐ(2) và ký hiệu (1): (2). (1) : (2) MĐ (1) =MĐ(2) df Hai mệnh đề (1) và (2) được gọi là tương đương trên tập L nếu LMĐ (1)=LMĐ (2)và ký hiệu (1) : (2) . L Quan hệ tương đương có những tính chất sau: 1). Phản xạ: (1) : (1) 2). Đối xứng: (1) : (2) thì (2) : (1) 3). Bắt cầu: Nếu (1) : (2) và (2) : (3) thì (1) : (3) 2 Ví dụ 1: (1) x – 1 = 0 trên R; (2) (x – 1) = 0 trên R; (1) : (2) vì MĐ(1) =MĐ(2)={1} 2 Ví dụ 2: (1) x + 1=0 trên R; (2) 3x - 2 = 3x trên R; (1) : (2) vì MĐ(1) =MĐ(2)= Ví dụ 3: (1) x = 2 trên R; (2) x2 = 4 trên R; (1) |= (2) vì MĐ(1) = {2}  {-2,2}= MĐ(2) x y 1 2x 3 Ví dụ 4: (1) trên C; (2) trên C; (1) : (2) vì MĐ(1) =MĐ(2)= x y 2 2y 1 3 1  ,  2 2  V. CÁC ĐỊNH LÝ VỀ PHƯƠNG TRÌNH TƯƠNG ĐƯƠNG 13
  14. Ta nhớ rằng A ký hiệu cho C, R hoặc Q. Giả sử (1) f(x1, x2, xn)=g(x1, x2, xn) trên A là phương trình với miền xác định D(1) và miền đúng (tập nghiệm) MĐ(1); Giả sử (2) f2(x1, x2, xn)=g2(x1, x2, xn) trên A là phương trình với miền xác định D(2) và miền đúng MĐ(2). Giả sử  (x1, x2, xn) là biểu thức trên A với miền xác định D() Chú ý: Để cho ngắn gọn từ đây về sau ta không viết các biến x1, x2, xn Định lí 1: Phương trình (1) f=g và (2) f2=g2, ở đây f  f2 trên D(f)  D(f2), g  g2 trên D(g)  D(g2) là phương trình tương đương khi và chỉ khi: 1) Nếu a D(1)\D(2) thì a MĐ(1). 2) Nếu b D(2)\D(1) thì b MĐ(2). Hệ quả 11: Nếu D(1) =D(2) thì các phương trinh (1) và (2) tương đương. Hệ quả 21: Nếu D(2)  D(2) thì MĐ(1)=MĐ(2) MĐ’, ở đây MĐ’={a | a D(1)\D(2), a MĐ(1)}. Hệ quả 31: Nếu D(1)  D(2) thì MĐ(1)=MĐ(2)\MĐ”, ở đây MĐ”= { b | b D(2)\D(1), b MĐ(2) } Định lý 2:Nếu D( )  D(1) thì phương trình (1) f=g và (3) f + =g + là tương đương. Nếu D( )  D(1) thì f = g : f +  = g + Hệ quả 12: Nếu trong phương trình ta chuyển một hạng tử từ vế này sang vế khác với dấu ngược lại thì được một phương trình mới tương đương phương trình đã cho. Hệ quả 22: Phương trinh (1) f = g tương đương với f – g = 0. Định lí 3: Nếu và với mọi , thì phương trình (1) f = g và f. = g. là tương đương. 14
  15. Nếu D( )  D(1) và  0 trên D(1) thì f g : f . g. Hệ quả 13: Nhân cả hai vế phương trình với số α (α thuộc A) khác không thì được phương trình mới tương đương phương trình đã cho. f f 0 (*) Định lí 4: 0 (A) : (A) g g 0 2k 1 2k 1 Định lí 5: f g(R) : f g (R), k  f .g 0 Định lí 6: f g(R) : 2k 2k (R), k  f g g 0 2k Định lí 7: f g(R) : 2k (R),k  f g f g Định lí 8: a a (R) : f g(R),a 0,a 1 f 0 g 0 Định lí 9: loga f loga g(R) : (R) : (R),a 0,a 1 f g f g Định lí 10: f g(R) | sinf=sin g (R) Định lí 11: f=g(R) |= cosf=cosg(R) Các định lí 1, 2, 3 và những hhệ quả của chúng được ứng dụng để giải các phương trinh khác nhau. Định lí 4 để giải phương trình hữu tỉ phân, định lí 5, 6 và 7 để giải 15
  16. phương trình vô tỉ, đình lí 8 và 9 để giải phương trình mũ và logarit. Định lí 10 và 11 để giải các phương trình có chứa biểu thức lượng giác ngược. VI. CÁC ĐỊNH LÍ VỀ BẤT PHƯƠNG TRÌNH TƯƠNG ĐƯƠNG Giả sử (1) f(x1, x2, xn) , ≤, ≥). Định lí 31: Nếu biểu thức nhận giá trị dương tại mỗi điểm trong miền xác định của bất phương trình (1) f 0 trên D(1) thì f g. là tương đương. Nếu  g. f Định lí 41: 0 : f .g 0 g f f .g 0 Định lí 42: 0 : g g 0 Định lí 5: f g : f 2k 1 g 2k 1,k  16
  17. f 0 f 0 f 0 Định lí 6: f g : g 0   g 0 2k 2k g 0 2k 2k f g f g f 0 2k Định lí 71: f g : g 0 2k f g g 0 g 0 2k Định lí 72: f g : 2k  f g f 0 f g Định lí 81: Nếu a> 1 thì a a : f g f g Định lí 82:Nếu 0 1 thì loga f loga g : f g g 0 Định lí 92: Nếu 0 < a < 1 thì loga f loga g : f g Các định lí 1, 2, 31, 32 và các hệ quả của chúng được ứng dụng để giải các bất phương trình khác nhau. Định lí 41, 42 dùng để giải các bất phương trình phân thức, các định lí 5, 6, 71, 72 để giải bất phương trình vô tỉ, các định lí 81, 82, 91, 92 dùng để giải các bất phương trình mũ và lôgarit. VII. CÁC ĐỊNH LÍ VỀ HỆ PHJƯƠNG TRÌNH TƯƠNG ĐƯƠNG Định lí 1: (phương pháp thế) Nếo phương trình f1(x1, x2, xn) = g1(x1, x2, xn) trên A tương đương với phương trình x1 = ( x1, x2, xn) trên A thì hệ phương trình: 17
  18. f1 ( x1, x2 , xn )=g1( x1, x2 , xn ) f2 ( x1, x2 , xn )=g2 ( x1, x2 , xn ) trên A fn ( x1, x2 , xn )=gn ( x1, x2 , xn ) Tương đương với hệ phương trình: x1 ( x1, x2 , xn ) f1( (x2 , xn ), x2 , xn )=g1( (x2 , xn ), x2 , xn ) trên A fk ( (x2 , xn ), x2 , xn )=gk ( (x2 , xn ), x2 , xn ) Định lí 2: (Phương pháp cộng) Nế h là biểu thức với các biến x1, x2, xn trên A với miền xác đinh D(h) và D(h) D(1) thì hệ phương trình với các biến x1, x2, xn f1 g1 f2 g2 (1) trên A fk gk Tương đương với hệ: f1 hf2 g1 hg2 f2 g2 trên A fk gk VIII. MỆNH ĐỀ VỚI CÁC BIẾN VÀ THAM SỐ 18
  19. Giả sử V (x1, x2 , , xn ,a1,a2 , ,ak ) trên A là một mệnh đề với các biến x1, x2, , xn và các tham số a1, a2, , ak (a1, a2, , ak xem như dã biết) Với những cách chọn các giá trị thích hợp các giá trị a1, ,ak của các tham số a1, a2, , an, V(x1, , xn; a1, , ak) trở thành mệnh đề. V (x1, , xn; a1, ,ak ) với các biến số trên A không chứa tham số. Mệnh đề nhận được có một miền đúng xác định hoàn toàn nào đó (tập nghiệm) Giải mệnh đề với các tham số và tham số có nghĩa là với mỗi giá trị đã chọn của các tham số xác định miền đúng (tập nghiệm) của mệnh đề thu được với các biến (không có tham số). Hai mệnh đề với các biền x1, .,xn, và các tham số a1, a2, , ak được gọi là tương ứng nếu: 1) Đối với cả hai mệnh đề, tập hợp các cách chọn thích hợp các giá trị của các tham số là như nhau. 2) Với mỗi cách chọn thích hợp các giá trị của tham số, mệnh đề thu được với các biến x1, x2, , xn (không có tham số) là tương đương, nghĩa là có cùng một miền đúng (tập nghiệm). CHƯƠNG I. PHÉP BIẾN ĐỔI ĐỒNG NHẤT TRÊN MỘT TẬP, PHÉP CHỨNG MINH CÁC ĐỒNG NHẤT THỨC VÀ CÁC BẤT ĐẲNG THỨC TRÊN MỘT TẬP. Bài 1: PHÉP BIẾN ĐỔI ĐỒNG NHẤT BIỂU THỨC HỮU TỈ NGUYÊN, HŨU TỈ PHÂN TRÊN MỘT TẬP. Nếu không có chú giải ta sẽ coi biểu thức hũu tỉ được xét trên tập C các số phức. Ta nhắc lại một vài định lý và định nghĩa. Giả sử P là một trường số (nghĩa là một trường con của hàm số phức). 19
  20. Định lí (Bơzu). Giả sử f(x) là một đa thức một ẩn. bậc n 1 trên trường P. Khi đó f(x) có trong P không quá n nghiệm và a là nghiệm của đa thức f(x) trong P khi và chỉ khi f(x) chia hết cho x – a. Định lí Bơzu mở rộng Giả sử f(x, y, , z) là đa thức của k – 1 ẩn (k>1) ẩn bậc n 1 trên trường P, g(y, , z) là đa thức của k – 1 ẩn trên P. Nếu f( g(y, , z), y, ,z) là đa thức không thì f (x, y, , z) chia hết cho x- g(y, , z). Giả sử f(x, y, , z) là đa thức trên trường P. Mọi đa thức khác không của trường P cũng như mọi đa thức khác với đa thức đã cho bởi một thừa số trong P\ 0 đều là ước của đa thức đã cho và gọi là ước tầm thường của đa thức đó trên trường P. Tất cả các ước còn lại của đa thức đã cho trên P gọi là ước không tầm thường của nó trên trường P. Đa thức f(x, y, ,z) bậc dương trên trường P được gọi là bất khả quy trên P, nếu nó không có ước không tầm thường trên trường đã cho. Đa thức f(x,y,z) bậc dương trên trường P được gọi là khả quy trên P nếu nó có ước không tầm thường trên P. Đa thức f(x,y,z) và g(x,y,z) trên P được gọi là nguyên tố cùng nhau, nếu các ước chung của chúng trên P chỉ là các số khác không trong P (nghĩa là chỉ các đa thức bậc không trên P). Định lí. Nếu đa thức f(x,y,z) trên P chia hết cho mỗi đa thức (x,y,z) và (x,y,z) trên P và các đa thức ,  nguyên tố cùng nhau thì đa thức f chia hết cho tích (x,y,z).(x,y,z). Định lí. Đa thức f(x) trên trường số phức C là bất khả quy trên C khi và chỉ khi bậc của nó bằng đơn vị. Định lí. Đa thức f(x) trên trường số thực R là bất khả quy trên R khi và chỉ khi nó là đa thức bậc nhất hoặc đa thức bậc hai với nghiệm ảo. 20
  21. p Định lí. Nếu phân số tối giảm ( p,q Z) là nghiệm của đa thức a xn a x1 a q n 1 0 với các hệ số nguyên (n N) thì p a0 (p chia hết a0 ) và q an . Ví dụ 1. Khai triển đa thức f (x) 2x5 3x4 6x3 8x2 3 thành các nhân tử bất khả quy a) trên C; b) trên R. Giải. Đầu tiên ta phải xem đa thức đã cho có nghiệm hữu tỉ hay không bằng cách sử dụng 1) định lí về nghiệm hữu tỉ của đa thức với hệ số nguyên và 2) lược đồ Hoocne (Horner). 1) Các ước của số hạng tự do a0 3 là số 1, 3 . Các ước dương của hệ số cao nhất a5 2 là 1, 2. Bởi vậy nghiệm hữu tỉ của đa thức f(x) nằm trong các số: 1 3 1, 3, , 2 2 2) 2 -3 6 -8 0 3 1 2 -1 5 -3 -3 0 1 2 1 6 3 0 -1/2 2 0 6 1 f (x) (x 1)2 (x )(2x2 6) 2 (x 1)2 (2x 1)(x i 3)(x i 3) Trả lời: a) f (x) (x 1)2 (2x 1)(x i 3)(x i 3) trên C. b) f (x) (x 1)2 (2x 1)(x2 3) trên R. Ví dụ 2. Phân tích đa thức x4 x3 x2 2x 2 thành các nhân tử bậc nhất. Giải: Phương pháp thứ nhất. 21
  22. x4 x3 x2 2x 2 x4 x3 2x2 x2 2x 2 (x4 2x2 ) (x3 2x) (x2 2) (x2 2)(x2 x 1) 1 i 3 1 i 3 (x 2)(x 2)(x )(x ) 2 2 Phương pháp thứ hai. (Phương pháp hệ số bất định). x4 x3 x2 2x 2 (x2 ax+b) x2 cx d so sánh các hệ số của các luỹ thừa tương ứng của x ta có hệ a c 1 b ac d 1 , ta tìm được a= - 1,b=1,c=0,d= - 2 (hoặc a=0,b=-2,c=-1,d=1). ad bc 2 bd 2 Ví dụ 3. Phân tích đa thức f (x, y, z) yz(y z) zx(z x) xy(x y) thành các nhân tử bậc nhất. Giải. Phương pháp thứ nhất. Vì y – z = - (z – x) – (x – y) nên f(x,y,z)= yz( - (z – x) – (x – y))+zx(z – x)+xy(x – y) = - yz(z – x ) – yz(x – y)+zx(z – x)+xy(x – y) = (z – x)(x – y)z+(x – y)(x – z)y = (x – y)(z – x)(z – y). trả lời f (x, y, z) (x y)(z x)(z y) . Phương pháp thứ hai. (sử dụng định lí Bơzu mở rộng). Nếu x=y thì f(x,y,z)  0 suy ra f(x,y,z) chia hết cho x – y. Tương tự ta có f(x,y,z) chia hết cho y – z và cho z – x. Vì x – y, y – z, z – x, là nguyên tố cùng nhau từng cặp, nên đa thức đã cho chia hết cho tích của chúng (x – y)(y – z)(z – x). Vì đa thức đã cho và đa thức (x y)(y z)(z x) đều là đa thức bậc 3 nên: (1)yz(y z) zx(z x) xy(x y) k(x y)(y z)(z x) ở đây k C 22
  23. Việc còn lại là xác định k. Điều đó có thể làm bằng một trong hai cách sau: 1) sử dụng định nghĩa hai đa thức bằng nhau, ví dụ y2 z ky2 z , nghĩa là, k= - 1; 2) đặt trong (1), chẳng hạn, x=0,y=1,z= -1, ta được k= - 1. trả lời: f (x, y, z) (x y)(y z)(z x) Ví dụ 4. Đơn giản biểu thức và tìm miền xác định của nó. x3 (y z) y3 (z x) z3 (x y) (x, y, z) trên R yz(y z) zx(z x) xy(x y) Giải. Sử dụng ví dụ 3, ta có: yz(y z) zx(z x) xy(x y) (x y)(y z)(z x) Vì rằng: (x y)(y z)(z x) 0 ~ x y 0y z 0z x 0 ~ x y z x Nên D( ) (x, y, z) R3 x y z x . sử dụng một trong các phương pháp giải ở ví dụ 3 ta có: x3 (y z) y3 (z x) z3 (x y) (x y)(y z)(z x)(x y z) Khi đó (x, y, z) x y z trả lời: (x, y, z) x y z Ví dụ 5. Đơn giản biểu thức và tìm D( ), nếu x3 y3 z3 3xyz (x, y, z) trên R. (x y)2 (y z)2 (z x)2 Giải. vì (x y)2 (y z)2 (z x)2 0 ~ (x y) 0  (y z) 0  z x 0 ~ (x y)  (y z)  (z x) Nên D( ) (x, y, z) R3 (x y)  (y z)  (z x) x3 y3 z3 3xyz (x y)3 z3 3xyz 3x2 y 3xy2 23
  24. ((x y)3 z3 ) 3xy(x y z) (x y z)((x y)2 (x y)z z2 ) 3xy(x y z) (x y z)(x2 y2 z2 ) xy yz zx) 1 (x y z)(2x2 2y2 2z2 2xy 2yz 2zx 2 1 (x y z)((x y)2 (y z)2 (z x)2 ). 2 1 trả lời: D( )= (x y z) 2 phân tích thành nhân tử bậc nhất các đa thức sau (các bài 1-22). 1) 9x3 15x2 32x 12 2) 4x2 4i 3) x2 ( 1 3i)x 2 2i 4) (x2+x+1)(x2+x+2) - 12 5) (x2 4x 8)2 3x(x2 4x 8) 2x2 6) (x 1)(x 3)(x 5)(x 7) 15 7) (4x 1)3 (2x 3)3 6(3x 2)(4x 1)(2x 3) 8) x3 2y3 3xy2 9) x(y2 z2 ) y(z2 x2 ) z(x2 y2 ) 10) xz(x z) yz(y z) xy(x y) 11) x(y z)2 y(x z)2 z(x y)2 4xyz 12) (y z)(y z)2 (z x)(z x)2 (x y)(x y)2 13) x2 (y z) y2 (z x) z2 (x y) 14) x2 y y2 z z2 x xy2 yz2 zx2 2xyz 15)(x+y+z)(xy+yz+zx)-xyz 16) (x y z)3 x3 y3 z3 17) (x y z)3 (x y z)3 (y z x)3 (z x y)3 18) 8(x y z)3 (x y)3 (y z)3 (x z)3 19) x(y z)(y2 z2 ) y(x z)(z2 x2 ) z(x y)(x2 y2 ) 24
  25. 20) x(y z)3 y(z x)3 z(x y)3 21) (x y)(x y)3 (y z)(y z)3 (z x)(z x)3 22) x3 (y z) y3 (x z) z3 (x y) chứng minh đồng nhất thức (từ bài 23 – 30) 23) (x2 y2 )(u2 v2 ) (xu yv)2 (yu xv)2 1 24) x3 y3 z3 3xyz (x y z)((x y)2 (y z)2 (z x)2 ) 2 25) x3 y3 z3 3xyz nếu x+y+z=0 26) (x y)3 (y z)3 (z x)3 3(x y)(y z)(z x) 2 27) x2 y2 z2 2(x4 y4 z4 ) nếu x+y+z=0 28) 2x2 y2 2y2 z2 2z2 x2 x4 y4 z4 (x y z)(x y z)(y z x)(z x y) 29) (x y)3 (y z)3 (z x)3 3(x y)(y z)(z x) 2(x3 y3 z3 3xyz) 30) (x y z)2 (x y z)2 (y z x)2 (z x y)2 4(x2 y2 z2 ) Phân tích đa thức thành nhân tử bậc hai và bậc nhất ( từ bài 31- 36) 31) (x y)x2 y2 (y z)y2 z2 (z x)z2 x2 32) (x y)5 x5 y5 33) (x y z)5 x5 y5 z5 34) x3 x2 z xyz y2 z y3 35) (x y z)3 2(x3 y3 z3 ) 6xyz 36) x3 3xy y3 1 Phân tích đa thức thành các nhân tử bất khả quy trên R (các bài 37-40) 37) x6+27 38) x4+3x2+4 39) (x+2)(x+3)(x+4)(x+5)-24 25
  26. 40) 27x3 – 27x2+18x – 4 Phân tích đa thức thành các nhân tử bất khả quy 1) trên Q, 2) trên R, 3) trên C (các bài 41, 42) 41) x4+y4 42) x4+4y4 43) Phân tích thành các nhân tử bậc hai: (xy yz zx)3 (x y z)2 (x2 y2 z2 ) 44) Phân tích thành các nhân tử bậc nhất và bậc hai: (x2 y2 z2 )3 2(xy yz zx)3 3(x2 y2 z2 )(xy yz zx)2 45) Phân tích thành nhân tử bậc nhất 3x(y z) y(3z 2x) z2 2(x2 y2 ) Sử dụng phương pháp hệ số bất định tìm các giá trị a,b để ta có đồng nhất thức trên C (các bài 46, 47,48) 2 2 2 2 46) x1 x2 xn a(x1 x2 xn ) b(x1x2 x1x3 x1xn x2 x3 xn 1xn ) 47) xy2 xz2 x2 y+yz2 +zx2 +zy2 =a(x+y+z)(xy+yz+zx)+bxyz 48) (x 4)(x 5)(x 3) x3 ax2 +bx-60 49) Dùng phương pháp hệ số bất định chứng minh đồng nhất thức : (x y z)2 (x3 y3 z3 ) 3(xy2 xz2 yx2 yz2 zx2 zy2 ) 6xyz 50) Dùng phương pháp hệ số bất định tìm giá trị a và b sao cho đa thức x 3+5x2-8x+a chia hết cho đa thức x2+x+b. Phân tích thành nhân tử bậc nhất (các bài 51,52,53) 51) x4 x3 x2 2x 2 52) 2x4 6x3 3x2 1 53) x4 3x3 x2 4x 6 26
  27. 54) Đẳng thức (x y)2 (z u)2 (x z)2 (y u)2 (x u)(x y z u) có đúng với mọi x,y,z, u R hay không? 55) Chứng minh rằng, đẳng thức (x y)4 x4 y4 2(x2 3xy y2 )2 trên R không là đồng nhất thức. 56) Dựng đồ thị của hàm số f trên R cho bởi : x 1 x 1 2 2 f (x) x x 1 x x 1 trên R x 1 x 1 x2 x 1 x2 x 1 2 57) Tính f( ),f(2 ),f( ) nếu 19 1 x 1 1 1 3x 1 x 1 3. f (x) 1 3x trên R 1 x 1 1 3. 1 3x 1 x 1 3. 1 3x Đơn giản và tìm miền xác định của nó (các bài tập 58-64) 2x2 xy 3y2 58) trên R 2x2 5xy 3y2 x2 y2 z2 2xy 2yz 2zx 59) trên R x2 y 2 z2 2yz 3 3 7 x 4 (x 1 3 ). 5 2 60) 3 x x 3x trên R 6x6 24 2x . x9 6x6 9x3 3x3 6 x3 y3 z3 3xyz 61) trên R (x y)2 y z)2 (z x)2 1 1 1 2 1 1 2 1 1 62).( ) ( ) ( ) trên C (x y)3 x4 y4 (x y)4 x3 y3 (x y)5 x2 y2 27
  28. x y y z z x x y y z z x 63) ( )2 ( )2 ( )2 ( )( )( ) trên C y x z y x z y x z y x z x3 (y2 z2 ) y3 (z2 x2 ) z3 (x2 y2 ) 64) trên C x3 (y z) y3 (z x) z3 (x y) chứng minh các đồng nhất thức trên miền xác định của nó (các bài 65-70) (* chứng minh đồng nhất trên tập T có nghĩa là chứng minh đẳng thức đã cho là đồng nhất trên T) (x y)7 x7 y7 7 65) (x2 xy y2 ) trên R (x y)5 x5 y5 5 x2 (z y) y2 (x z) z2 (y x) yz zx xy 66) x y z trên Q x(z y) y(x z) z(y x) yz zx xy x y y z z x (x y)(y z)(z x) 67) 0 trên C x y y z z x (x y)(y z)(z x) x a x b x b x c x a x c 68) 1 trên R (c a)(c b) (a b)(a c) (b a)(b c) a2 (x b)(x c) b2 (x c)(x a) c2 (x a)(x b) 69) x2 trên R (a b)(a c) (b c)(b a) (c a)(c b) a x b x c x x 70) trên R a(a b)(a c) b(b c)(b a) c(c a)(c b) abc Đề thi Hết môn K. 31 1) Phân tích đa thức sau đây ra thừa số: P(x) 4 x 2 15x 50 x 2 18x 72 3x 2 (1,5điểm) 1 1 1 3 2) Chứng minh rằng, nếu a b c 2 a 2 b2 c2 thì a 3 b3 c3 abc (1,5điểm) Bài 2. PHÉP BIẾN ĐỔI ĐỒNG NHẤT CÁC BIỂU THỨC VÔ TỈ TRÊN MỘT TẬP 28
  29. 1 Ta nhớ rằng (xem phần mở đầu I,(8)) biểu thức (1) m x hoặc x m (m N,m 1 )trên R( ) có D(1)=0,  và E(1)= 0,  , nghĩa là ta chỉ xét căn số học ( ) x 0, m x 0,(m x)m x . Định lí. x 0,  và m N!y 0,  sao cho ym x Những tính chất của căn số học. 1. Nếu a,b 0, thì m ab m a.m b a m a 2. Nếu a 0,b 0 thì m b m b 3. Nếu a 0 thì m ak m a k 4. Nếu a,b 0, thì m amb am b 5. Nếu a 0 thì m k a mk a 6. Nếu a 0 thì m a mk ak 2k 2k a,a 0 7. a a a,a 0 Ví dụ. Đơn giản biểu thức và tìm miền xác định của nó: 1 1 f (x) x 2 x 1 x 2 x 1 Giải: Vì x 1 0 x 1 x 1 x 1 x 1 x 2 x 1 0 2 2 x 2 x 1 x 4(x 1) (x 2) 0 x 2 x 2 x 1 0 1 x 2  x 2 nên D(f)=1,2  (2, ) 1 1 f (x) (x 1) 2 x 1 1 (x 1) 2 x 1 1 29
  30. 1 1 1 1 ( x 1 1)2 ( x 1 1)2 x 1 1 x 1 1 1) nếu x 1 1 0 nghĩa là x>2 thì 1 1 2 2 f (x) x 1 1 x 1 1 x 2 2 x 2) nếu x 1 1 0 nghĩa là 1 x 2 thì 1 1 2 x 1 f (x) x 1 1 1 x 1 x 2 2 ,x 2 2 x trả lời f (x) 2 x 1 ,1 x 2 x 2 Ví dụ 7. Đơn giản biểu thức: 1 3 3 3 x 1 3 x 1 a b ( 2) 2 ở đây x ,ab 0 3 x 1 3 x 1 a3 b3 Giải: 2a3 2b3 3 x 1 3 và 3 x 1 3 a3 b3 a3 b3 a 0 a 0 x 1 0 a3 (a3 b3 ) 0 a b a b 3 3 3  x 1 0 b (a b ) 0 b 0 b 0 1 2 1 3 x 1 3 x 1 ( 3 x 1 3 x 1) ( 2) 2 ( ) 2 3 x 1 3 x 1 3 x 1.3 x 1 2a3 2b3 3 .3 3 x 1.3 x 1 a3 b3 a3 b3 A 3 x 1 3 x 1 2a3 2b3 3 3 a3 b3 a3 b3 Trường hợp 1. a>0,b>0,a>b 30
  31. 3 2 ab ab A 3 2(a b) a b Trường hợp 2. a 0 , b > 0, a > b, với a < 0 , b < 0 , a < b . a b b a 1 Ví dụ 3. Trục căn thức ở mẫu số của biểu thức: M . 3 9 3 3 2 GIẢI Phương pháp thứ nhất. Dùng đồng nhất thức x3 + y3 + z3 – 3xyz = ( x + y + z )( x2 + y2 + z2 – xy – yz – zx ), ( xem bài tập 24). 1 x 2 y 2 z 2 xy yz zx Ta có: Đặt x 3 9 , y 3 3 và z=2. x y z x 3 y3 z 3 3xyz 1 3 81 3 9 4 3 27 22 3 23 9 1 3 3 3 9 Khi đó: M = x y z 9 3 8 33 9 3 3.2 2 Phương pháp thứ hai. Nhân với biểu thức liên hợp 1 3 3 1 3 3 1 3 3 1 Ta có: M = = = = 3 9 3 3 2 (3 32 3 3 1) 1 3 3 1 3 1 3 3 1 1 3 3 3 3 1 3 32 3 3 1 1 3 3 3 9 = 3 32 3 3 1 3 3 1 2 Phương pháp thứ ba. (Dùng thuật toán Ơclit ) Xét hai đa thức p x x 3 3 và g x x 2 x 2 . Hiển nhiên, p 3 3 0 , g 3 3 0 và p x x 3 3bất khả qui trên Q. 31
  32. Thực hiện chia đa thức, ta có: p x g x q1 x r1 x , với q1 x x 1, r1 x x 1 g x r1 x q2 x r2 x , với q2 x x, r2 x 2 Suy ra r2 x g x r1 x q2 x r2 x g x p x g x q1 x q2 x 3 r2 x g x 1 q1 x q2 x  p x , thay x 3 , ta có: 3 3 3 2 3 3 2 g 3 1 q1 3 q2 3  1 q1 3 q2 3  g 3 3 2 1 3 3 1 3 3  3 9 3 3 2 2 1 1 3 9 3 3 1 3 9 3 3 3 9 3 3 2 3 9 3 3 2 2 Phương pháp thứ ba. (Dùng thuật toán Ơclit ) 2 3 3 3 g (x) x x 2, p(x) x 3, g ( 3) 0, p( 3) 0 ,p(x) df df là bất khả quy trên Q. 32
  33. x 3 3 x 2 x 2 3 2 x x 2 x x 1 q 1 ( x ) x 2 2 x 3 x 2 x 2 x 1 r1 ( x ) x 2 x 2 x 1 x q ( x ) x 2 x 2 2 r 2 p(x) g (x)q1 (x) r1 (x) g (x) r1 (x)q 2 (x) r2 r1 ( x ) p ( x ) g ( x ) q 1 ( x ) r 2 g ( x ) r1 ( x ) q 2 ( x ) r2 ( q 2 ( x ) ) p ( x ) (1 q 1 ( x ) q 2 ( x ) ) g ( x ). 3 Đặt x 3 ( 3 3 là nghiệm của p(x) ), khi đó : 3 3 3 r2 (1 q1 ( 3) q2 ( 3)) g( 3) . Từ đó : 1 1 (1 q ( 3 3 ) q ( 3 3 )) 3 1 2 g ( 3 ) r2 1 1 ( 3 9 3 3 1) 3 9 3 3 2 2 Phương pháp thứ tư ( Dùng đa thức đối xứng). 33
  34. 3 3 3 Giả sử 1 3 . Khi đó p(x) = x – 3 có nghiệm phức 1 3 , 2 1 3 2 1 , 3 1 , ở đây  i . 2 2 Nhân tử thức và mẫu thức của phân số đã cho 1 2 2 với M ( 2 2 2)( 3 3 2) = 2 df 1 1 2 2 2 2 2 2 2 2 3 2 3 2 3 2 2 2 3 2 3 2 2 2 3 4 2 2 ( 2 3 ) 2 3 ( 2 3 ) 2( 2 3 ) 3 2 3 2( 2 3 ) 4 . Ứng dụng vào đa thức p(x) = x3 – 3 công thức Viet ta được : 1 2 3 0 1 2 1 3 2 3 0 từ đó 1 2 3 3 2 3 1 2 2 3 1 ( 2 3 ) 1 4 3 2 2 Khi đó : M 1 1 2 1 3 1 2 1 4 4 3 2 1 1 1 2 1 4 2 3 1 1 1 ; ( 1 3) . 2 2 2 ( 1 1 2).M ( 1 1 2) ( 1 1 1) 4 1 3 1 2 3 1 3 1 2 3 2 ( 1 3). 1 Trả lời : ( 3 9 3 3 1) . 2 Tìm tập mà trên đó dẳng thức đã cho là đồng nhất thức ( các bài 71 – 77). 34
  35. 2 71. (x 3) x 3 . 2 72. (x 3) x 3 . 2 73. (x 3) x 3 . 74. (x 1)(x 2) x 1. x 2 . 75. (x 1)(x 2) x 1. 2 x . 76. (x 1)(x 2) x 1 . x 2 . x 1 3 x 1 77. 3 . 3 x 3 3 x Chứng minh rằng ( các bài 78 – 83 ) : 2 78. a b a b 2(a a b) với b 0 , a b . 2 79. a b a b 2(a a b) với b 0 , a b . a a 2 b a a 2 b 80. a b với b 0 , a b . 2 2 a a 2 b a a 2 b 81. a b với b 0 , a b . 2 2 82. 3 20 14 2 3 20 14 2 4 . 83. 3 5 2 7 3 5 2 7 4 . Số a’ được gọi là giá trị gần đúng của số a ( a R ) với độ chính xác đến nếu | a – a’ | <  . Số a’ được gọi là giá trị gần đúng thiếu của số a ( a R ) . Với độ chính xác đến  , nếu a’ a < a’ +  . 35
  36. Tìm độ chính xác thiếu đến  là tìm giá trị gần đúng thiếu số của số đã cho với độ chính xác đến  . Tính độ chính xác thiếu đến  ( các bài 84 – 92 ) 84. 3 37 ,7 với  = 1. 85. 3 0,07 với  = 0,01. 86. 4 5 ,  0,01 . 87. 4 2,5 ,  0,01 . 88. 5 2 3 ,  0,01 . 3 2 89. ,  0,1 . 3 2 6 5 90. ,  0,01 . 6 5 13 3 91. ,  0,01 . 3 1 36 5 17 92. ,  0 ,01 . 2 17 Đơn giản biểu thức ( các bài 93 – 96 ) 3 2 2 3 2 2 93. . 17 12 2 17 12 2 2 2 3 2 3 94. . 2 2 3 2 2 3 36
  37. 95. 4 5 3 5 48 10 7 4 3 . 96. 6 2 2. 3 2 12 18 128 . Trục căn thức ở mẫu số ( các bài 97 – 103 ) 1 1 97. ; 98. ; 10 15 14 21 3 2 3 1 1 99. ; 100. ; 1 3 2 23 4 3 25 3 5 1 1 7 101. ; 102. ; 3 4 3 1 2 4 2 1 1 103. . 3 2 3 3 3 4 2 2 x 3 x 2 1 f ( x) 1 104. 2 . x 1 2 x 2 3 1) Tính f , f , f 3 , f ; 7 107 2) Giải phương trình f(x) = 1; 3) Giải bất phương trình f(x) < 2; 4) Dựng đồ thị của hàm f trên R cho bởi biểu thức f(x). Dựng đồ thị hàm f trên R cho bởi biểu thức ( các bài 105 – 117 ) 2 1 1 x 2 f ( x ) 1 105. 2 . df 2 x 1 x 2 1 106. f (x) x 2 x 1 x 2 x 1 . df 4 37
  38. x x 2 2 107. f ( x ) . df x 2 2 2 108. f ( x) x 2 x 1 x 4 x 4 . df 2 x 2 x 1 1 x 2 1 x 2 1 109. f ( x ) . df 2 x 2 x 1 1 x 2 1 x 2 1 x 1 x 1 x 1 x 1 110. f ( x ) df x 1 x 1 x 1 x 1 1 x 2 1 x 2 1 1 2 x 2 x 111. f ( x ) df 1 x 2 1 x 2 1 1 2 x 2 x 2 1 1 2 x 1 x 4 x f ( x ) 112. 2 df 1 1 1 1 1 x x 4 x 2 x 2 1 1 2 x 1 4 x f ( x) 113. d f 2 1 1 1 1 x x 1 2 x 4 x 38
  39. x 1 x 1 x 1 x 1 x 1 x 2 1 114. f ( x ) d f x x 2 1 x x 2 1 x x 2 1 x x 2 1 x 2 x 2 (x 1) x 2 4 115. f (x) df x 2 x 2 (x 1) x 2 4 x 1 3 x 2 1 116. f ( x) df 3 x 1 3 x 1 ( x x )( x 1) ( x x )( x 1) 117. f (x) df ( x x )( x 1) ( x x )( x 1) Đơn giản biểu thức ( các bài 118 – 127 ) 1 x 1 x 1 1 118. 1 2 x 2 x 1 x 1 x 1 x 1 x 1 ax 1 bx 119. ; ở đây 1 ax 1 bx 1 2a b x , 0 a b 2a . a b 1 ax 1 bx 1 2a b 120. ; ở đây x , 2a b 0 . 1 ax 1 bx a b 2 2 2 2 2 t a t a x 2 1 t a , 121. 2 2 2 2 ;ở đây t a t a 2 x a > 0 , x > 0 . 122. x y 2 x y 1 39
  40. 2 a x 2 1 1 a b 123. , ở đây x , a 0 , b > 0 , a > b. a b a b 3 1 3 1 a b a b 2 1 2 1 2 3 1 1 x 3 1 1 x 125. 2 2 x x a 2 2 ab b 2 a 2 2 ab b 2 3 3 a b a b 126. , a > b , a > - b . a 2 1 3 a b a 1 3 b 6 b 5 1 4 2 2 2 2 127.  3 ( x 2) 1 3 ( x 2) 1 . x 2 2 x 2 2 x 3 x 3 §3. BIẾN ĐỔI ĐỒNG NHẤT CÁC BIỂU THỨC MŨ VÀ LÔGARIT TRÊN MỘT TẬP Vì các biểu thức mũ và Lôgarit ta chỉ xét trên tập R các số thực nên từ “trên R“ sẽ bỏ đi . Ví dụ 9. Chứng minh rằng : log a c log b c , ở đây a, b, c > 0, a, b 1 ( công thức chuyển cơ log a b số ). Giải: Với a, b, c > 0 , a, b 1. log c logb c a c b log a c logb c.log a b logb c . log a b Ví dụ 10. Biết log15 3 tính log25 15 40
  41. Giải: 1 1 1 log 15 25 log 25 2 log 5 15 15 15 2 log 15 3 1 1 . 2 (log15 15 log15 3) 2 (1 log15 3) Tính ( các bài 128 – 134) 2 – 2 + 3 log 4 128. 3 log 3 2 129. 3 3 1 1 log 2 . 3 log 9 log log 4 3 27 2 2 3 2 130. 9 4 131. 4 1 2 log a b 132. a , ở đây a, b > 0, a 1. 2 3 log a b 133. a , ở đây a, b > 0, a 1. 1 1 log b 3 a 134. a , ở đây a, b > 0, a 1. Tìm tập mà trên đó đẳng thức đã cho trở thành đồng nhất thức , nếu a > 0, a 1 ( các bài 135 – 141) 2 135. log a x 2 log a x 2 136. log a x 2 log a ( x) 2 137. log a x 2 log a | x | 138. log a xy log a x log a y 139. log a xy log a ( x) log a ( y ) 140. log a xy log a | x | log a | y | 3 141. log a x 3 log 3 x Chứng minh rằng ( các bài 142 – 144 ) 41
  42. log a x 142. log b x , nếu a, b, x > 0, a, b 1. log a b 1 143. log b a , nếu a, b > 0, a, b 1. log a b log a x log b x 144. , nếu a, b, x, y > 0, a, b, y 1. log a y log b y Đơn giản ( các bài 145 – 148 ) 145. loga b logb a 2 loga b logab b logb a 1 nếu a, b > 0, a, b, ab 1. 146. log a b c log a b c 2log a b c. log a b c nếu a + b, a – b, c > 0, a + b, a – b, c 1, c2 = a2 – b2. log b (log b a ) log a 147. a b , nếu a, b > 0, a, b 1. 4 4 b a 148. 2 log ab log ab log 4 log 4 . log b a b a a b b a nếu a > 1, b > 1. 149. Cho lg2 = a. Tìm lg 4 1,25 , lg 0,025 , lg 3 0,0125 150. Cho lg3 = a, lg2 = b. Tìm log56. 151. Tìm log308, nếu biết lg5 = a, lg3 = b. 151.bis. Tính M=ln2 theo a=lg20 và b=ln40 Chứng minh rằng ( các bài 152 – 161) a b 1 152. lg lg a lg b , nếu a2 + b2 = 7ab, a, b > 0. 3 2 log 2 x log x 2 153. 2 a , nếu x > 1. 154. log 3 7 log 7 5 log 5 4 1 log 3 `12 0 . 42
  43. 1 155. log 2 log 3 log 4 log 5 log 6 log 7 . 3 4 5 6 7 8 3 log log p p p p n 156. p p  , nếu p N, p > 1, n N. n log a x logb x log c x 157. log a x logb x logb x log c x log c x log a x log abc x nếu a, b, c, x > 0, a, b, c, abc, x 1. 1 1 1 1 lg z 1 lg x 1 lg y 158. x 10 , nếu y 10 , z 10 , x, y > 0, x, y, z 10. 1 log x 159. a1a2 an 1 1  log x log x a1 an nếu a1, ,an, x > 0 và a1, ,an, a1a2 an, x 1. log a x log b x log a x 160. , nếu b2 = ac, a, b, c, x > 0 và a, b, c, x 1. log b x log c x log c x x(y z x) y(z x y) z(x y z) 161. xy yx = yz zy = zx xz nếu lgx lgy lgz 43